2020高考数学必刷题单元检测四导数及其应用单元检测含解析22

单元检测四导数及其应用(时间：120分钟满分：150分)第卷(选择题共40分)一、选择题(本大题共10小题，每小题4分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1下列求导运算正确的是()A.1B(log3x)C(3x)3xln3D(x2sinx)2xcosx答案C解析由求导法则可知C正确2已知函数f(x)lnxx2f(a)，且f(1)1，则实数a的值为()A或1B.C1D2答案C解析令x1，则f(1)ln1f(a)1，可得f(a)1.令xa>0，则f(a)2af(a)，即2a2a10，解得a1或a(舍去)3若函数f(x)xex的图象的切线的倾斜角大于，则x的取值范围是()A(，0) B(，1)C(，1 D(，1)答案B解析f(x)exxex(x1)ex，又切线的倾斜角大于，所以f(x)<0，即(x1)ex<0，解得x<1.4函数f(x)的部分图象大致为()答案C解析由题意得f(x)为奇函数，排除B；又f(1)<1，排除A；当x>0时，f(x)，所以f(x)，函数f(x)在区间(0,1)内单调递减，在区间(1，)内单调递增，排除D.5若函数f(x)lnxax22在区间内存在单调递增区间，则实数a的取值范围是()A(，2 B.C.D(2，)答案D解析对f(x)求导得f(x)2ax，由题意可得2ax21>0在内有解，所以a>min.因为x，所以x2，所以a>2.6.已知定义在R上的函数f(x)，其导函数f(x)的大致图象如图所示，则下列叙述正确的是()f(b)>f(a)>f(c)；函数f(x)在xc处取得极小值，在xe处取得极大值；函数f(x)在xc处取得极大值，在xe处取得极小值；函数f(x)的最小值为f(d)ABCD答案A解析由导函数的图象可知函数f(x)在区间(，c)，(e，)内，f(x)>0，所以函数f(x)在区间(，c)，(e，)内单调递增，在区间(c，e)内，f(x)<0，所以函数f(x)在区间(c，e)内单调递减所以f(c)>f(a)，所以错；函数f(x)在xc处取得极大值，在xe处取得极小值，故错，对；函数f(x)没有最小值，故错7已知函数f(x)(x2mxm)ex2m(mR)在x0处取得极小值，则f(x)的极大值是()A4e2B4e2Ce2De2答案A解析由题意知，f(x)x2(2m)x2mex，f(0)2m0，解得m0，f(x)x2ex，f(x)(x22x)ex.令f(x)>0，解得x<2或x>0，令f(x)<0，解得2<x<0，则函数f(x)在区间(，2)和(0，)上单调递增，在区间(2,0)上单调递减，函数f(x)的极大值为f(2)4e2.故选A.8设函数f(x)min(mina，b表示a，b中的较小者)，则函数f(x)的最大值为()A.ln2B2ln2C.D.答案D解析函数f(x)的定义域为(0，)由y1xlnx得y1lnx1，令y10，解得x，y1xlnx在上单调递减，在上单调递增由y2，x>0得y2，令y20，x>0，解得x2，y2在(0,2)上单调递增，在(2，)上单调递减，作出示意图如图，当x2时，y12ln2，y2.2ln2>，y1xlnx与y2的交点在(1,2)内，函数f(x)的最大值为.9已知yf(x)为(0，)上的可导函数，且有f(x)>0，则对于任意的a，b(0，)，当a>b时，有()Aaf(a)<bf(b) Baf(a)>bf(b)Caf(b)>bf(a) Daf(b)<bf(a)答案B解析由f(x)>0，得>0，即>0，即xf(x)x>0.x>0，xf(x)>0，即函数yxf(x)为增函数，由a，b(0，)且a>b，得af(a)>bf(b)，故选B.10(2018温州“十五校联合体”联考)已知函数f(x)2xe2x(e为自然对数的底数)，g(x)mx1(mR)，若对于任意的x11,1，总存在x01,1，使得g(x0)f(x1)成立，则实数m的取值范围为()A(，1e2e21，)B1e2，e21C(，e211e2，)De21,1e2答案A解析f(x)22e2x，f(x)在区间1,0上为增函数，在区间0,1上为减函数，f(1)f(1)(2e2)(2e2)e2e24>0，f(1)>f(1)，又f(0)1，则函数f(x)在区间1,1上的值域为A2e2，1当m>0时，函数g(x)在区间1,1上的值域为Bm1，m1依题意有AB，则有得me21.当m0时，函数g(x)在区间1,1上的值域为B1，不符合题意当m<0时，函数g(x)在区间1,1上的值域为Bm1，m1依题意有AB，则有得m1e2.综上，实数m的取值范围为(，1e2e21，)第卷(非选择题共110分)二、填空题(本大题共7小题，多空题每题6分，单空题每题4分，共36分把答案填在题中横线上)11已知直线ykx与函数f(x)ex(其中e为自然对数的底数)的图象相切，则实数k的值为_；切点坐标为_答案e(1，e)解析设切点坐标为(x，y)，需满足所以解得x1，ye，ke，所以ke，切点坐标为(1，e)12设函数f(x)xlnx，则点(1,0)处的切线方程是_；函数f(x)xlnx的最小值为_答案xy10解析由题意得f(x)1lnx，所以f(1)1，则所求切线方程为xy10.由f(x)1lnx<0得0<x<；由f(x)1lnx>0得x>，所以函数f(x)xlnx在上单调递减，在上单调递增，所以函数f(x)xlnx在x处取得最小值，最小值为fln.13(2018宁波九校期末)函数f(x)x32xexex是_函数(填“奇”或“偶”)，在R上的增减性为_(填“单调递增”、“单调递减”或“有增有减”)答案奇单调递增解析函数f(x)x32xexex，它的定义域为R，且满足f(x)x32xexexf(x)，故函数f(x)为奇函数由于函数的导数f(x)3x22(exex)3x2223x20，故函数在R上单调递增14(2018诸暨检测)已知函数f(x)x33x，函数f(x)的图象在x0处的切线方程是_；函数f(x)在0,2内的值域是_答案y3x2,2解析f(x)x33x，f(x)3x23，又f(0)0，f(0)3，函数f(x)在点(0,0)处的切线方程为y3x.令f(x)3x230，得x1，当x变化时，f(x)与f(x)的变化情况如下表.x(，1)1(1,1)1(1，)f(x)00f(x)极大值2极小值2在0,1上，f(x)是减函数，其最小值为f(1)2，最大值为f(0)0；在1,2上，f(x)是增函数，其最小值为f(1)2，最大值为f(2)2.综上，在0,2上，f(x)的值域为2,215已知函数f(x)ln，g(x)ex2，若g(m)f(n)成立，则nm的最小值为_答案ln2解析令f(n)g(m)k(k>0)，则由lnk，解得n，由em2k，解得mlnk2，则nmlnk2，令h(k)lnk2，则h(k)，由h(k)0得k，且当k时，h(k)<0，h(k)单调递减，当k时，h(k)>0，h(k)单调递增，则h(k)minhln2，即nm的最小值是ln2.16设实数>0，若对任意的x(0，)，不等式ex0恒成立，则的最小值为_答案解析当x(0,1时，>0，不等式ex0显然成立，可取任意正实数；当x(1，)时，ex0exlnxxexlnxelnx，设函数f(x)xex(x>0)，而f(x)(x1)ex>0，则f(x)在(0，)上单调递增，那么由xexlnxelnx可得xlnx.令g(x)(x>1)，而g(x)，易知函数g(x)在(1，e)上单调递增，在(e，)上单调递减，那么g(x)maxg(e)，则有.综上分析可知，的最小值为.17对于定义在R上的函数f(x)，若存在非零实数x0，使函数f(x)在(，x0)和(x0，)上均有零点，则称x0为函数f(x)的一个“折点”现给出下列四个函数：f(x)3|x1|2；f(x)lg|x2019|；f(x)x1；f(x)x22mx1(mR)则存在“折点”的函数是_(填序号)答案解析因为f(x)3|x1|2>2，所以函数f(x)不存在零点，所以函数f(x)不存在“折点”；对于函数f(x)lg|x2019|，取x02019，则函数f(x)在(，2019)上有零点x2020，在(2019，)上有零点x2018，所以x02019是函数f(x)lg|x2019|的一个“折点”；对于函数f(x)x1，则f(x)x21(x1)(x1)令f(x)>0，得x>1或x<1；令f(x)<0，得1<x<1，所以函数f(x)在(，1)和(1，)上单调递增，在(1，1)上单调递减又f(1)<0，所以函数f(x)只有一个零点，所以函数f(x)x1不存在“折点”；对于函数f(x)x22mx1(xm)2m21，由于f(m)m211，结合图象(图略)可知该函数一定有“折点”综上，存在“折点”的函数是.三、解答题(本大题共5小题，共74分解答应写出文字说明，证明