吉林省2018_2019学年高二物理下学期3月月考试题（含解析）

吉林省白城市第一中学2018-2019高二3月月考物理试卷一选择题（每小题4分，共48分。在每小题给出的4个选项中，1至7题为单选题；8至12为多选题，有的至少有两个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.如图所示的四种做法中，符合安全用电要求的是(     )A. 用湿布擦开着的电视机屏幕B. 用湿布擦带电的插座C. 更换灯泡需要切断电源D. 通电导线接触高温物体【答案】C【解析】【详解】A、普通的水属于电的良导体，用湿抹布擦开着的电视，容易引起触电事故；A选项说法不正确；B、水是导体，因此用湿布擦带电的插座是很危险的，B选项说法不正确；C、更换灯泡时容易碰到金属部分，容易发生触电事故，因此需要切断电源，C选项说法正确；D、通电导线接触高温物体，导线的绝缘层很容易被烤化，失去绝缘性能，D选项说法不正确.故符合用电安全的选C.2.矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图可知（）A. 在t1和t3时刻线圈平面与磁场方向垂直B. 在t2和t4时刻穿过线圈的磁通量变化最快C. 从t2时刻到t4时刻，穿过线圈横截面的电量为零D. 若线圈转动周期为0.02秒，则1秒内电流方向改变100次【答案】D【解析】A、在t1和t3时刻感应电流最大，感应电动势最大，而磁通量为零，线圈处于与中性面垂直的位置，线圈平面与磁场方向平行故A错误；B、在t2和t4时刻线圈处于中性面位置，感应电动势为零，磁通量变化率为零，故B错误；C、从t2时刻到t4时刻，磁通量变化不为零，穿过线圈横截面的电量不为零，故C错误；D、若线圈转动周期为0.02秒，交流电的方向在0.02s内改变两次，则1秒内电流方向改变100次，故D正确；故选：D点睛：线圈在匀强磁场中匀速转动产生正弦交变电流，由电流图象读出感应电流的变化由欧姆定律得知感应电流与感应电动势成正比，而由法拉第电磁感应定律得知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，当线圈磁通量最大时，感应电动势为零；而当线圈的磁通量为零时，感应电动势最大线圈转动一周的过程，感应电流方向改变两次本题考查理解正弦交变电流与磁通量关系的能力及把握电流的变化与线圈转过的角度的关系的能力比较简单3.如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V，100Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同如果将电源改为220V，60Hz的交变电源，则（ ）A. 三只灯泡亮度不变B. a不变，b变暗，c变亮C. a亮度不变，b变亮，c变暗D. 三只灯泡都将变亮【答案】C【解析】【详解】根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变小时，电感对电流的感抗 减小，b灯变亮；根据电容器的特性：通高频、阻低频，当电源的频率变小时，电容器对电流的容抗增大，c灯变暗；而电阻的亮度与频率无关，a灯亮度不变，故C正确，A、B、D错误；故选C.4.下列有关光的波粒二象性的说法中，正确的是（ ）A. 有的光是波，有的光是粒子B. 光子与电子是同样的一种粒子C. 光的波长越长，其波动性越显著；波长越短，其粒子性越显著D. 大量光子的行为往往显示出粒子性【答案】C【解析】试题分析：光具有波粒二象性，A错误；电子是组成原子的基本粒子，有确定的静止质量，是一种物质粒子，速度可以低于光速；光子代表着一份能量，没有静止质量，速度永远是c，所以光子与电子不同，B错误；光波的频率越高，波长越短，粒子性越显著，反之，波动性越显著，C正确；大量光子运动的规律表现出光的波动性，D错误；故选C。考点：光的本性。【名师点睛】光具有波粒二象性是微观世界具有的特殊规律，大量光子运动的规律表现出光的波动性，而单个光子的运动表现出光的粒子性光的波长越长，波动性越明显，波长越短，其粒子性越显著。5.如图甲所示，在变压器的输入端串接上一只整流二极管D，在变压器输入端加上如图乙所示的交变电压u1=Um1sint，设t=0时刻为a“+”、b“-”，则副线圈输出的电压的波形（设c端电势高于d端电势时的电压为正）是图中的（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】在前T/4的时间内，原线圈的电压为正，且在增大，所以有电流通过二极管，并且在增大，在副线圈中，由于电磁感应副线圈会产生感应电动势阻碍磁通量的增加，再有右手螺旋定则可得此时c端电势高于d端电势，感应电动势为正；在T/4-T时间内，原线圈的电压为正，且在减小，所以有电流通过二极管，并且在减小，在副线圈中，由于电磁感应副线圈会产生感应电动势阻碍磁通量的减小，再有右手螺旋定则可得此时c端电势低于于d端电势，感应电动势为负；所以B正确。故选B。点睛：二极管的作用是只允许正向的电流通过，这样的话在每个周期中都会有半个周期没有电流通过线圈，此时副线圈中也没有感应电流6.如图所示，有两根和水平方向成角的光滑平行金属轨道，上端接有可变电阻R，下端足够长，空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感应强度为B，一根质量为m的金属杆(电阻忽略不计)从轨道上由静止滑下，经过足够长的时间后，金属杆的速度会趋近于一个最大速度vm，则(    ) A. 如果B增大，vm将变大B. 如果增大，vm将变大C. 如果R变小，vm将变大D. 如果m变小，vm将变大【答案】B【解析】【详解】金属杆受重力、支持力、安培力，开始时重力沿斜面的分力大于安培力，所以金属杆做加速运动.随着速度的增加，安培力在增大，所以金属杆加速度逐渐减小，当加速度减小到零，速度最大.当加速度为零时，速度最大.有mgsin=BIL，联立得.A、如果B增大，vm将变小，故A错误.B、如果变大，vm将变大，故B正确.C、如果R变小，vm将变小，故C错误.D、如果m变小，vm将变小，故D错误.故选B.7.如图表示一交流随时间变化的图像，此交流的有效值为()A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：根据有效值的定义求解取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值设交流电电流的有效值为I，周期为T，电阻为R。则，解得，C正确8.下列叙述符合物理学史的是（ ）A. 楞次最先发现了电流的磁效应B. 法拉第发现了产生感应电流的条件C. 安培提出了分子电流假说D. 爱因斯坦因对光电效应的解释做出贡献获得诺贝尔物理学奖【答案】BCD【解析】【详解】A、奥斯特最早发现电流的磁效应，证明通电导线周期产生了磁场；故A错误.B、法拉第通过实验总结出产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化；故B正确.C、安培提出了分子电流假说，揭示了磁铁和电流产生磁场的本质原因相同；故C正确.D、爱因斯坦对光电效应的规律作出了解释，发现了光电效应方程，获得了诺贝尔物理学奖；故D正确.故选BCD.9.如图所示，一闭合金属圆环用绝缘细线挂于O点，将圆环拉离平衡位置并释放，圆环摆动过程中经过有界的水平匀强磁场区域，A，B为该磁场的竖直边界，若不计空气阻力，则（ ）A. 圆环向右穿过磁场后，不能摆至原来的高度。B. 在进入和离开磁场时，圆环中均有感应电流C. 圆环进入磁场后离平衡位置越近速度越大，感应电流也越大D. 圆环最终不能静止在平衡位置。【答案】ABD【解析】【分析】圆环向右穿过磁场后，会产生电流，根据能量守恒求解当圆环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化，会产生电流最终整个圆环在磁场区域来回摆动，不产生感应电流，机械能守恒。【详解】A项：圆环向右穿过磁场后，会产生电流，圆环中将产生焦耳热，根据能量守恒知圆环的机械能将转化为电能，所以回不到原来的高度了，故A正确；B项：当圆环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化，会产生电流，故B正确；C项：整个圆环进入磁场后，磁通量不发生变化，不产生感应电流，机械能守恒。离平衡位置越近速度越大，感应电流为零，故C错误；D项：在圆环不断经过磁场，机械能不断损耗过程中圆环越摆越低，最后整个圆环只会在磁场区域来回摆动，因为在此区域内没有磁通量的变化（一直是最大值），所以机械能守恒，即圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，而不是静止在平衡位置，故D正确。故选：ABD。【点睛】本题为楞次定律的应用和能量守恒相合注意楞次定律判断感应电流方向的过程，先确认原磁场方向，再判断磁通量的变化，感应电流产生的磁场总是阻碍原磁通量的变化。10.图甲所示的变压器原、副线圈匝数比为3：1，图乙是该变压器cd输入端交变电压的图像，L1、L2、L3、L4为四只规格均为“9V，6W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表。闭合电键以下说法正确的是（ ）A. ab输入端输入功率Pb24WB. 电流表的示数为2A，L1能正常发光C. ab输入端电压的瞬时值表达式为D. 流过L2中的电流方向每秒改变50次【答案】AB【解析】【详解】B、C、由输入端交变电压u的图象，可求出有效值27V，副线圈电压为9V，副线圈三只灯泡均能正常发光；电流表的读数为，原线圈电流为，所以原线圈的灯泡也能正常发光，ab输入端电压的瞬时值表达式为，B正确，C错误.A、ab输入端输入功率，故A正确；D、由图象知交流电的周期为0.02s，交流电的频率为50Hz，流过灯L2的电流每秒钟方向改变100次，D错误；故选AB.11.如图所示，线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，电容器两极板水平放置。在两极板间，不计重力的带正电粒子Q在t=0时由静止释放，若两板间距足够宽，则下列运动可能的是（ ）A. 若t=0时线圈平面与磁场垂直，粒子在两极间往复运动B. 若t=0时线圈平面与磁场平行，粒子在两极间往复运动C. 若t=0时线圈平面与磁场垂直，粒子一定能到达极板D. 若t=0时线圈平面与磁场平行，粒子一定能到达极板【答案】BC【解析】若t=0时，线圈平面与磁场垂直，线圈中产生正弦形电流；在前半个周期内粒子向一极板先做加速直线运动，后做减速直线运动；后半个周期内，沿原方向继续先做加速直线运动，后做减速直线运动。周而复始，粒子做单向直线运动，粒子一定能到达极板。故C正确，A错误。若t=0时，线圈平面与磁场平行，线圈中产生余弦形电流，前半个周期内，向一极板先做加速直线运动，后做减速直线运动，半个周期时刻速度减为零；后半个周期内，沿反方向返回，先做加速直线运动，后做减速直线运动，一个周期时刻速度为零。周而复始，粒子做往复运动。故B正确，D错误。故选BC。点睛：此题关键要分析一个周期内粒子的运动情况：若t=0时，线圈平面与磁场垂直，线圈中产生正弦形电流；若t=0时，线圈平面与磁场平行，线圈中产生余弦形电流，根据牛顿定律分析求解12.如图所示，有一金属块放在垂直于侧面C的匀强磁场中，当有稳恒电流自左向右通过时，下列说法正确的是()A. 金属块上表面的电势高于下表面的电势B. 磁感应强度增大时，金属块上、下两表面间的电势差U增大C. 电流增大时，金属块上、下两表面间的电势差U减小D. 电流不变时，金属块中单位体积内自由电子越多，上、下两表面间的电势差U越小【答案】BD【解析】根据左手定则，知电子向上表面偏转，上表面带负电，下表面带正电，所以上表面比下表面电势低，A错误；最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有，得，故B增大时上下两表面间的电压U增大，B正确；设电流横截面的宽为b，高为d，电