四川省广元市2018－2019学年高一物理上学期期末教学质量监测试题（含解析）

广元市20182019学年高一上学期期末教学质量监测物理试题一.选择题：1.下列说法中正确的是A. 牛顿是国际单位制中的一个基本单位B. 静止在水平桌面上的物体对桌面的压力就是物体的重力C. 物体的惯性与运动状态无关D. 摩擦力的方向与运动方向相反【答案】C【解析】【详解】牛顿是国际单位制中的一个导出单位，选项A错误；静止在水平桌面上的物体对桌面的压力大小等于物体的重力，不能说“压力”就是“重力”，选项B错误；物体的惯性只由物体的质量决定，与运动状态无关，选项C正确；摩擦力的方向与相对运动方向相反，选项D错误；故选C.2.从高为1m处以某一初速度竖直向下抛出一篮球，篮球与地面相碰后弹起，上升到高为2m处被接住，则篮球在运动过程中A. 位移为1m，方向竖直向上；路程为3m B. 位移为3m，方向竖直向上；路程为3mC. 位移为1m，方向竖直向下；路程为1m D. 位移为3m，方向竖直向下；路程为1m【答案】A【解析】【分析】位移的大小等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置路程等于运动轨迹的长度【详解】从高为1m处以某一初速度竖直向下抛出一个小球，在与地面相碰后弹起，上升到高为2m处被接住，首末位置的距离为1m，所以位移的大小等于1m，方向竖直向上。运动轨迹的长度为1m+2m=3m，所以路程等于3m。故A正确，BCD错误。故选A。【点睛】解决本题的关键知道位移是矢量，大小等于首末位置的距离，路程是标量，大小等于运动轨迹的长度3.假设从地面上发射飞船的火箭在某段时间内其竖直方向上的v-t图象如图所示，由图象可知A. 在0t2时间内火箭上升，t2t3时间内火箭下落B. t2时刻火箭离地面最远C. t3时刻火箭返回到地面D. 0t1时间内火箭的加速度小于t1t2时间内火箭的加速度【答案】D【解析】【分析】v-t图象的斜率表示加速度，速度的正负表示运动方向，v-t图象上部面积代表的位移为正，下部面积代表的位移为负，由此可以位移变化【详解】0-t3时间内，速度均为正值，说明火箭在这段时间内一直上升，t3时刻火箭离地面最远，故ABC错误。由速度图象的斜率表示加速度，可知0-t1段火箭的加速度小于t1-t2的加速度，故D正确。故选D。【点睛】本题是对v-t图的基本的识别和理解的，重点掌握好图象的位移和速度方向，大小的识别，斜率的识别和计算等问题4. 在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动假定两板与冰面间的动摩擦因数相同已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于（ ）A. 在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B. 在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C. 在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D. 在分开后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小【答案】C【解析】由牛顿第三定律可知A错；B错；由可知C对；加速度均为，是相同的，D错；5.如图所示，质量分别为M和m的物体A、B用不可伸长的轻质细线连接，悬挂在定滑轮上，定滑轮固定在天花板上，已知M>m，滑轮质量及摩擦均不计A、B由静止释放后，在空中自由运动的过程中，下列说法正确的是A. 细线的拉力大于mgB. 细线的拉力等于mgC. 天花板对定滑轮的拉力等于(Mm)gD. 细线的拉力等于【答案】A【解析】【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离分析，通过牛顿第二定律求出绳子的拉力大小对滑轮分析，根据共点力平衡求出天花板对定滑轮的拉力大小【详解】因为m的加速度方向向上，根据牛顿第二定律有T-mg=ma，则细线的拉力一定大于mg。故A正确，B错误。对整体分析，根据牛顿第二定律得，隔离对m分析，T-mg=ma，解得T=mg+ma=故D错误。对定滑轮分析，有T2T故C错误。故选A。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，知道M和m的加速度大小相等，掌握整体法和隔离法的运用6.有两个大小恒定的共点力，它们的合力大小F与两力之间夹角的关系如图所示，则这两个力的大小分别是A. 6N和3N B. 9N和3N C. 9N和6N D. 12N和6N【答案】B【解析】【分析】由图读出两力夹角分别为0和时合力大小当两力夹角为0时，合力等于两分力之和当两力夹角为时，合力大小等于两力之差【详解】设两个力大小分别为F1、F2，由图得到：当两力夹角为0时，F1+F2=12N；当两力夹角为时，F1-F2=6N，联立解得：F1=9N，F2=3N，故B正确，ACD错误；故选B。7. 一质点在做匀加速直线运动，加速度为a，在时间t内速度变为原来的3倍，则该质点在时间t内的位移为A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：设质点的初速度为v0，则ts末的速度为3v0，根据速度位移公式得：，因为，则有：，可知x=at2，故B正确，ACD错误故选B。考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式，并能灵活运用，基础题8. 国家大剧院外部呈椭球型。假设国家大剧院的屋顶为半球形，一保洁人员为执行保洁任务，必须在半球形屋顶上向上缓慢爬行（如图），他在向上爬的过程中A. 屋顶对他的摩擦力不变B. 屋顶对他的摩擦力变大C. 屋顶对他的支持力不变D. 屋顶对他的支持力变大【答案】D【解析】缓慢爬行认为任何时刻都处于平衡状态，即，上爬过程中角逐渐减小，所以摩擦力逐渐减小，支持力逐渐增大，故选D9.如图所示，A、B、C三个物体质量相等，它们与传送带间的动摩擦因数相同三个物体随传送带一起匀速运动，运动方向如图中箭头所示则下列说法正确的是 A. A物体受到的摩擦力不为零，方向向右B. 三个物体只有A物体受到的摩擦力为零C. B、C受到的摩擦力大小相等，方向相同D. B、C受到的摩擦力大小相等，方向相反【答案】BC【解析】三个物体匀速运动,受力平衡。A不受摩擦力，BC所受摩擦力等于重力沿斜面方向的分力，大小相等，方向相同，沿斜面向上。答案选BC。10.如图所示，一个质量为m、横截面为直角三角形的物块ABC，ABC，AB边靠在竖直墙上，F是垂直于斜面BC的推力，物块静止不动，重力加速度为g则 A. 物块受到的摩擦力大小为mgB. 竖直墙对物块的弹力大小为FcosC. 物块受到的摩擦力与弹力的合力，与F等大反向D. 物块受到的弹力与F的合力方向竖直向下【答案】BD【解析】【分析】先对物块受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法求解出支持力和摩擦力的大小【详解】对物块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和向上的静摩擦力f，如图；由于物体保持静止，根据共点力平衡条件，有：x方向 N-Fcos=0；y方向 f-G-Fsin=0；又G=mg；由以上两式，解得N=Fcos；f=mg+Fsin；选项B正确，A错误；由力的平衡可知，物块受到的摩擦力与弹力的合力，与G和F的合力等大反向，选项C错误；物块受到的弹力N与F的合力与G和f的合力方向等大反向，可知物块受到的弹力与F的合力方向竖直向下，选项D正确；故选BD.【点睛】本题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解11.A与B两个质点向同一方向做直线运动，A做初速度为零的匀加速运动，B做匀速运动开始计时时，A、B位于同一位置，当它们再次位于同一位置时A. 两质点在这段时间内的平均速度相等 B. 两质点的速度相等C. A的瞬时速度是B的2倍 D. A与B的位移相等【答案】ACD【解析】【分析】相遇要求同一时间到达同一位置，根据运动学公式和推论分析求解【详解】两质点相遇时到达同一位置，由题意可知，初始时刻A、B位于同一位置，末时刻又在同一位置，则两质点位移相等，故D正确；A、B同时运动，所以相遇时运动的时间相等，根据平均速度等于位移除以时间可知，平均速度相等，故A正确；相遇时，位移相等，设A的速度为vA，B的速度为vB，有：t=vBt，则vA=2vB，故C正确B错误。故选ACD。【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷12.如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为，现给环一个水平向右的恒力F，使圆环由静止开始运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1kv，其中k为常数，则圆环运动过程中()A. 最大加速度为 B. 最大加速度为C. 最大速度为 D. 最大速度为【答案】AC【解析】试题分析：当，即：，圆环竖直方向不受直杆的作用力，水平方向不受摩擦力，则圆环做匀速直线运动，最大速度为，加速度为0。当，速度时，圆环水平方向受到摩擦力而做减速运动，随着速度的减小，减小，圆环所受的杆的摩擦力，则摩擦力增大，加速度增大，当速度为零时，加速度最大，最大速度为初速度；当，时，圆环水平方向受到摩擦力而做减速运动，随着速度的减小，也减小，加速度减小，当，时，圆环做匀速直线运动，由牛顿第二定律得：，最大加速度：；综合以上分析可知，ABC错误，D正确。考点：牛顿运动定律综合【名师点睛】本题考查了求最大加速度、最大速度问题，对圆环正确受力分析、分析清楚圆环运动过程是正确解题的前提与关键，应用牛顿第二定律即可正确解题；要讨论与的关系，然后根据各种情况答题，这是容易出错的地方。二.填空题13.在探究弹力和弹簧伸长的关系时，某同学把两根轻质弹簧I、II按图甲所示连接进行探究(1)某次测量刻度尺的示数如图乙所示，则刻度尺的示数为_cm(2)在弹性限度内，将50g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数LA和LB如下表用表中数据计算弹簧的劲度系数为_N/m（g取10m/s2，计算结果保留两位小数）由表中数据_（填“能”或“不能”）计算出弹簧的劲度系数钩码数123LA/cm15.7619.7123.66LB/cm29.9635.7641.51【答案】 (1). 16.00（15.9716.00）； (2). 12.66N/m； (3). 能【解析】【分析】（1）刻度尺的读数需估读，需读到最小刻度的下一位。（2）根据弹簧形变量的变化量，结合胡克定律求出劲度系数。通过弹簧弹力的变化量和形变量的变化量可以求出弹簧的劲度系数。【详解】（1）刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为16.00cm。（2）由表格中的数据可知，当弹力的变化量F=0.5N时，弹簧形变量的变化量为x=3.95cm，根据胡克定律知：。结合L1和L2示数的变化，可以得出弹簧形变量的变化量，结合弹力变化量，根据胡克定律能求出弹簧的劲度系数。【点睛】解决本题的关键掌握胡克定律，知道F=kx，x表示形变量，以及知道其变形式F=kx，x为形变量的变化量。14.某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律(1)通过实验得到如图乙所示的aF图象，由图可以看出：在平衡摩擦力时，木板与水平桌面间的夹角_（填“偏大”、“偏小”）(2)该同学在重新平衡摩擦力后进行实验，小车在运动过程中所受的实际拉