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云南省曲靖市宣威市第六中学2018届高三物理下学期3月月考 word版含答案

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云南省曲靖市宣威市第六中学2018届高三物理下学期3月月考 word版含答案

曲靖市宣威市六中曲靖市宣威市六中 2017-20182017-2018 学年下学期学年下学期 3 3 月月考月月考高三高三 物理试卷物理试卷命题:命题: 审卷:审卷:分卷 I一、单选题一、单选题( (共共 4 4 小题小题, ,每小题每小题 6.06.0 分分, ,共共 1616 分分) ) 1.天然放射现象中可产生 、 三种射线下列说法正确的是( )A 射线是高速的质子流BU 经过一次 衰变,变为ThC 射线的穿透能力比 射线的穿透能力强D 放射性元素的半衰期随温度升高而减小2.“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道到达月球,在距月球表面 200 km 的P点进行第一次“刹车制动”后被月球捕获,进入椭圆轨道绕月飞行,如图 3 所示.之后,卫星在P点经过几次“刹车制动”,最终在距月球表面 200 km 的圆形轨道上绕月球做匀速圆周运动.用T1、T2、T3分别表示卫星在椭圆轨道、和圆形轨道的周期,用a1、a2、a3分别表示卫星沿三个轨道运动到P点的加速度,则下面说法正确的是( )AT1>T2>T3BT1a2>a3Da1T2>T3,A 项正确,B 项错误;不管沿哪一轨道运动到P点,卫星所受月球的引力都相等,由牛顿第二定律得a1a2a3,故 C、D 项均错误.3.【答案】D【解析】重力做功与路径无关,所以WGmgR,选项 A 错;小球在B点时所受重力提供向心力,即mgm,所以v,从P点到B点,由动能定理知:W合mv2mgR,故选项 C 错;根据能量守恒知:机械能的减少量为|E|Ep|Ek|mgR,故选项 B 错;克服摩擦力做的功等于机械能的减少量,故选项 D 对.4.【答案】A【解析】从图中可以看出,a点的电场线比b点的电场线疏,所以b点的电场强度大;根据公式可得:试探电荷在b点受到的电场力大,A 正确.5.【答案】BC【解析】 对杆的B端进行受力分析,如图所示由图可知,细线拉力Tmg,所以T不变而OB杆受到的压力N等于竖直绳和斜绳拉力的合力,沿杆的方向由于A点上移,所以两个分力夹角增大,因此合力N变小又轻杆和墙的夹角等于两个分力夹角的一半,当A点上移时,两分力夹角增大,所以也增大故选项 B、C 正确6.【答案】BC【解析】 A从坐标原点开始运动,B从x100 m 处开始运动,所以两物体开始运动时相距 100 m,但是A的位移在增加,朝着正方向运动,B的位移在减小,朝着负方向运动,所以两物体的运动方向不同,故 A 错误;图象的斜率表示物体的速度,B做匀速直线运动,速度大小为vBm/s5 m/s,故 B 正确;从图象中可得A、B两物体运动 8 s 时,在距A的出发点 60 m 处相遇,C 正确;A物体从 2 s 到 6 s 过程中处于静止状态,所以停了 4 s,故 D 错误7.【答案】AB【解析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力,设地球质量为M、卫星的轨道半径为r,则,忽略地球自转的影响有mg,联立得v,卫星的动能Ekmv2mgR,选项 A 正确,D 错误;卫星运动的周期T4,选项 B 正确;设卫星的加速度为a,则有ma,联立得a ,选项 C 错误.8.【答案】BCD【解析】PM2.5 是固体小颗粒,不是分子,故 A 错误;温度越高,PM2.5 的无规则运动越剧烈,故 B 正确;PM2.5 的质量越小,其无规则运动越剧烈,故 C 正确;由于周围大量空气分子对 PM2.5 碰撞的不平衡,使其在空中做无规则运动,故 D 正确9.【答案】(1) (2)【解析】10.【答案】(1)ACDF(2)如图所示(3)如图所示【解析】(1)电源电动势为 3 V,故电压表选 D,最大电流I=A=0.75 A,若选取 3 A量程,则指针偏转不及刻度的 ,误差较大,故电流表选 C,滑动变阻器分压接法,选取小电阻即可,故选择器材为:ACDF(2)电压表上从零开始读取,所以选择滑动变阻器分压接法,被测电阻为小电阻,电流表用外接,实物图如图:(3)由描点法可作出笔芯的伏安特性曲线11.【答案】(1)线框中感应电流的方向adcba;(2)ab边所受的安培力方向向下,bc边所受的安培力方向向左,cd边不受安培力,ad边的安培力方向向右;(3)【解析】(1)根据楞次定律,则有感应电流的方向:逆时针方向(即adcba);(2)根据左手定则,结合感应电流的方向,则有:ab边所受的安培力方向向下,bc边所受的安培力方向向左,cd不受安培力,ad边的安培力方向向右(线框有收缩的趋势);(3)根据平衡条件,结合安培力表达式,则有:2mgmgBL且Bkt解得:t.12.【答案】(1)m/s(2)3m/s(3)0<R1.08 m【解析】(1)小球开始时做平抛运动:v2gh,代入数据解得vym/s3m/s,A点:tan 60° ,得vxv0m/sm/s.(2)从水平抛出到C点的过程中,由动能定理得mg(hL1sin)mgL1cosmgL2mvmv,代入数据解得vC3m/s.(3)小球刚好能过最高点时,重力提供向心力,则mg,mv2mgR1mv2,代入数据解得R11.08 m,当小球刚能到达与圆心等高时,有mvmgR2,代入数据解得R22.7 m,当圆轨道与AB相切时R3BC·tan 60°1.5 m,即圆轨道的半径不能超过 1.5 m,综上所述,要使小球不离开轨道,R应该满足的条件是0<R1.08 m.13.【答案】(1)30 cm (2)117 【解析】(1)设右管中注入的水银高度是 h,对A部分气体分析,其做等温变化,根据玻意耳定律有p1V1p2V2p1p014 cmHg10 cmHg,p2p014 cmHghV1l1S,V2(l1 L)S代入数据解得再加入的水银高 h30 cm.(2)设升温前温度为T0,升温后温度为T,缓慢升温过程中,对A部分气体分析,升温前V2(l1 L)S,p2p014 cmHgh升温结束后V3l1S,p3p014 cmHghL由理想气体状态方程得T0300 K解得T390 K则升温后的温度为t117 .

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